Description
由于对Farmer John的领导感到极其不悦，奶牛们退出了农场，组建了奶牛议会。议会以“每头牛 都可以获得自己想要的”为原则，建立了下面的投票系统： M只到场的奶牛 (1 <= M <= 4000) 会给N个议案投票(1 <= N <= 1,000) 。每只 奶牛会对恰好两个议案 B_i and C_i (1 <= B_i <= N; 1 <= C_i <= N)投 出“是”或“否”（输入文件中的’Y’和’N’）。他们的投票结果分别为VB_i (VB_i in {‘Y’, ‘N’}) and VC_i (VC_i in {‘Y’, ‘N’})。 最后，议案会以如下的方式决定：每只奶牛投出的两票中至少有一票和最终结果相符合。 例如Bessie给议案1投了赞成’Y’，给议案2投了反对’N’，那么在任何合法的议案通过 方案中，必须满足议案1必须是’Y’或者议案2必须是’N’（或者同时满足）。 给出每只奶牛的投票，你的工作是确定哪些议案可以通过，哪些不能。如果不存在这样一个方案， 输出”IMPOSSIBLE”。如果至少有一个解，输出： Y 如果在每个解中，这个议案都必须通过 N 如果在每个解中，这个议案都必须驳回 ? 如果有的解这个议案可以通过，有的解中这个议案会被驳回 考虑如下的投票集合： – – – – – 议案 – – – – – 1 2 3 奶牛 1 YES NO 奶牛 2 NO NO 奶牛 3 YES YES 奶牛 4 YES YES 下面是两个可能的解： * 议案 1 通过（满足奶牛1，3，4） * 议案 2 驳回（满足奶牛2） * 议案 3 可以通过也可以驳回（这就是有两个解的原因） 事实上，上面的问题也只有两个解。所以，输出的答案如下： YN?
Input* 第1行：两个空格隔开的整数：N和M * 第2到M+1行：第i+1行描述第i只奶牛的投票方案：B_i, VB_i, C_i, VC_i
Output* 第1行：一个含有N个字符的串，第i个字符要么是’Y’（第i个议案必须通过），或者是’N’ （第i个议案必须驳回），或者是’?’。 如果无解，输出”IMPOSSIBLE”。
Sample Input 3 41 Y 2 N1 N 2 N1 Y 3 Y1 Y 2 YSample OutputYN?*/
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cstring>using namespace std;int n,m,head[2004],next[8005],v[8005],cnt,f1[1003],f2[2003];void jia(int a1,int a2){ cnt++; next[cnt]=head[a1]; head[a1]=cnt; v[cnt]=a2; return;}void dfs(int a1){ f2[a1]=1; for(int i=head[a1];i;i=next[i]) if(!f2[v[i]]) dfs(v[i]); return;}int ma(int a1){ memset(f2,0,sizeof(f2)); dfs(a1); for(int i=1;i<=n;i++) if(f2[i*2]&&f2[i*2-1]) return 0; return 1;}int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=0;i<m;i++) { char ch[10],ch1[10]; int a1,a2,b1,b2; scanf("%d%s%d %s",&a1,ch,&b1,ch1); if(ch[0]=='Y') { a1=a1*2; a2=a1-1; } else { a2=a1*2; a1=a2-1; } if(ch1[0]=='Y') { b1=b1*2; b2=b1-1; } else { b2=b1*2; b1=b2-1; } jia(a2,b1); jia(b2,a1); } for(int i=1;i<=n;i++) { int q1=ma(2*i),q2=ma(2*i-1); if(!q1&&!q2) { printf("IMPOSSIBLE"); return 0; } if(q1&&q2) f1[i]=2; else if(q1) f1[i]=1; } for(int i=1;i<=n;i++) if(f1[i]==0) printf("N"); else if(f1[i]==1) printf("Y"); else printf("?"); return 0;}